题目描述

了解奶牛们的人都知道，奶牛喜欢成群结队．观察约翰的N(1≤N≤100000)只奶牛，你会发现她们已经结成了几个“群”．每只奶牛在吃草的时候有一个独一无二的位置坐标Xi，Yi(l≤Xi，Yi≤[1．.10^9]；Xi，Yi∈整数．当满足下列两个条件之一，两只奶牛i和j是属于同一个群的：

1．两只奶牛的曼哈顿距离不超过C(1≤C≤10^9)，即lXi - xil+IYi - Yil≤C.

2．两只奶牛有共同的邻居．即，存在一只奶牛k，使i与k，j与k均同属一个群．

给出奶牛们的位置，请计算草原上有多少个牛群，以及最大的牛群里有多少奶牛

输入

第1行输入N和C，之后N行每行输入一只奶牛的坐标．

输出

仅一行，先输出牛群数，再输出最大牛群里的牛数，用空格隔开．

样例输入

4 2

1 1

3 3

2 2

10 10

样例输出

2 3

---

题解

为了练习Treap找到的这道略神的题

首先直接处理曼哈顿距离不是特别容易，我们可以把所有的点绕着原点逆时针旋转45°，这样原来的点$(x,y)$就变为了$(\frac{x-y}{\sqrt 2},\frac{x+y}{\sqrt 2})$，查询的区域变为了矩形范围，切比雪夫距离（横纵坐标差的绝对值最大值）不超过$\frac c{\sqrt 2}$。

然后约掉$\frac 1{\sqrt 2}$，就变为普通的矩形区域查询问题。

先将所有变换后的点按照横坐标排序，然后从左往右扫，将左面横坐标不满足条件的点删除。然后考虑连边：我们没有必要将所有在范围之内的点与当前点连边，只需要将当前点与第一个纵坐标比它大的点、第一个纵坐标比它小的点，如果满足条件就连边。

证明：使用数学归纳法

两个点之间使用这种方法是一定能够连上的。

如果k个点连上了，且纵坐标都比当前点大，并且横坐标满足条件，如果这种方法是不成立的，那么不妨设y1、y2，其中y1为纵坐标最接近当前点，y2为要连的点，我们要证的就是“当前点与y2有边，与y1没有边”是假命题。证明显然~

纵坐标比当前点小的时候同理。

于是k+1个点也能连上。命题得证。

回到题中，删点加点、查询前驱后继可以使用平衡树，维护连通性可以使用并查集。最后扫一遍每个点即可得到答案。

时间复杂度$O(n\log n)$。

事实上，STL的set比Treap还快~

Treap：

#include 
     
      #include 
      
       #include 
       
        #define N 100010using namespace std;struct data{	int x , y;}a[N];typedef pair
        
          pr;int l[N] , r[N] , rnd[N] , tot , root , f[N] , tmp , num[N];pr w[N];bool cmp(data a , data b){	return a.x < b.x;}void zig(int &k){	int t = l[k];	l[k] = r[t] , r[t] = k , k = t;}void zag(int &k){	int t = r[k];	r[k] = l[t] , l[t] = k , k = t;}void insert(int &k , pr x){	if(!k) k = ++tot , w[k] = x , rnd[k] = rand();	else if(x < w[k])	{		insert(l[k] , x);		if(rnd[l[k]] < rnd[k]) zig(k);	}	else	{		insert(r[k] , x);		if(rnd[r[k]] < rnd[k]) zag(k);	}}void del(int &k , pr x){	if(x == w[k])	{		if(!l[k] || !r[k]) k = l[k] + r[k];		else if(rnd[l[k]] < rnd[k]) zig(k) , del(r[k] , x);		else zag(k) , del(l[k] , x);	}	else if(x < w[k]) del(l[k] , x);	else del(r[k] , x);}void pre(int k , pr x){	if(!k) return;	else if(x < w[k]) pre(l[k] , x);	else tmp = w[k].second , pre(r[k] , x);}void sub(int k , pr x){	if(!k) return;	else if(x < w[k]) tmp = w[k].second , sub(l[k] , x);	else sub(r[k] , x);}int find(int x){	return x == f[x] ? x : f[x] = find(f[x]);}int main(){	int n , c , i , u , v , p = 1 , ans = 0 , mx = 0;	scanf("%d%d" , &n , &c);	for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d%d" , &u , &v) , a[i].x = u - v , a[i].y = u + v , f[i] = i;	sort(a + 1 , a + n + 1 , cmp);	for(i = 1 ; i <= n ; i ++ )	{		while(p < i && a[i].x - a[p].x > c) del(root , pr(a[p].y , p)) , p ++ ;		tmp = 0 , pre(root , pr(a[i].y , i));		if(tmp && a[i].y - a[tmp].y <= c) f[find(i)] = find(tmp);		tmp = 0 , sub(root , pr(a[i].y , i));		if(tmp && a[tmp].y - a[i].y <= c) f[find(i)] = find(tmp);		insert(root , pr(a[i].y , i));	}	for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) num[find(i)] ++ ;	for(i = 1 ; i <= n ; i ++ )		if(num[i])			ans ++ , mx = max(mx , num[i]);	printf("%d %d\n" , ans , mx);	return 0;}
        
       
      
     

STL-set：

#include 
     
      #include 
      
       #include 
       
        #define N 100010using namespace std;struct data{    int x , y;}a[N];typedef pair
        
          pr;set
         
           s;set
          
           ::iterator it;int f[N] , num[N];bool cmp(data a , data b){ return a.x < b.x;}int find(int x){ return x == f[x] ? x : f[x] = find(f[x]);}int main(){ int n , c , i , u , v , p = 1 , ans = 0 , mx = 0; scanf("%d%d" , &n , &c); for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d%d" , &u , &v) , a[i].x = u - v , a[i].y = u + v , f[i] = i; sort(a + 1 , a + n + 1 , cmp); for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) { while(p < i && a[i].x - a[p].x > c) s.erase(pr(a[p].y , p)) , p ++ ; it = s.upper_bound(pr(a[i].y , i)); if(it != s.end() && it->first - a[i].y <= c) f[find(i)] = find(it->second); if(it != s.begin() && a[i].y - (--it)->first <= c) f[find(i)] = find(it->second); s.insert(pr(a[i].y , i)); } for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) num[find(i)] ++ ; for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) if(num[i]) ans ++ , mx = max(mx , num[i]); printf("%d %d\n" , ans , mx); return 0;}